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cosxjsinx的模的简单介绍

cosxjsinx的模的简单介绍

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e^jx的无穷次方为有限值吗?为什么e^jx/3整体的无穷次方为0?x为常数

e^jx=cosx+jsinx

e^jx的无穷次方=(cosx+jsinx)的无穷次方,它的模始终小于等于1。

e^jx/3整体的无穷次方中,3的无穷次方是无穷大,e^jx的无穷次方是一个有限但不确定的数,所以它们相除结果为零。

e的jwt次方的模为什么是1,j是复数,w是角速度,t是时间,电路相量法中

这个是一个式子乘以旋转因子,设的是等于1,这样这个式子就可以进行转化

后边两步完全看不懂,求高手解答

解:是应用欧拉公式化简的【欧拉公式是e^(jx)=cosx+jsinx,可得出e^(-jx)=cosx-jsinx,再有sinx=[e^(jx)-e^(-jx)]/(2j),cosx=[e^(jx)+e^(-jx)]/2,j为虚数单位】。本题中,为表述简洁一些,设a=ω0j,b=2πkj/N,c=1/(2j),则原式=c{[1-e^(-aN)]/[1-e^(a-b)]-[1-e^(aN)/[1-e^(-a-b)]}。将其通分、展开、再用欧拉公式回代,有[sin(ω0)-{[sin(Nω0+ω0)]e^(-2πkj/N)+sin(Nω0)]}/[1-2cos(ω0)e^(-2πkj/N)+e^(-4πkj/N)]。供参考啊。

谁能给我欧拉公式的证明过程,谢谢。e^(jx)=cosx+jsinx

方法一:用幂级数展开形式证明,但这只是形式证明(严格的说,在实函数域带着i只是形式上的) 设z = x+iy 这样 e^z = e^(x+iy)=e^x*e^(iy),就是e^z/e^x =e^(iy)

用牛顿幂级数展开式

e^x = 1+x+x^2/2!+x^3/3!+.....+x^n/n!+......

把 e^(iy) 展开,就得到

e^z/e^x = e^(iy)

=1+iy-y^2/2!-iy^3/3!+y^4/4!+iy^5/5!-y^6/6!-.....

=(1-y^2/2!+y^4/4!-y^6/6!+.....)

+i(y-y^3/3!+y^5/5!-....)

由于 cosy = 1-y^2/2!+y^4/4!-y^6/6!+.....,

siny = y-y^3/3!+y^5/5!-....

所以 e^(x+iy)=e^x*e^(iy)=e^x*(cosy+isiny)

即 e^(iy) = (cosy+isiny)

方法二:再 请看这2个积分

∫sqrt(x^2-1)dx=x*sqrt(x^2-1)/2-ln(2*sqrt(x^2-1)+2x)/2

∫sqrt(1-x^2)dx=arcsin(x)/2+x*sqrt(1-x^2)/2;

上式左边相当于下式左边乘以i

于是上式右边相当于下式右边乘以i

然后化简就得到欧拉公式

这个证明方法不太严密

但很有启发性

历史上先是有人用上述方法得到了对数函数和反三角函数的关系

然后被欧拉看到了,才得到了欧拉公式设a t θ�0�7R,ρ�0�7R+,a^(it)�0�7z有:

a^(it)=ρ(cosθ+isinθ) 1

因共轭解适合方程,用-i替换i有:

a^(-it)=ρ(cosθ-isinθ) 2

由1,2得ρ=1,点P[a^(it)]在单位圆上,a^(it)可表达为:

a^(it)=cosθ+isinθ 3

设t=u(θ),对3微商有:

[a^(it)]*(lna)*u'(θ)*i=-sinθ+icosθ 整理有:

[a^(it)]*(lna)*u'(θ)*i=(cosθ+isinθ)(cosπ/2+isinπ/2)约去a^(it)有:

u'(θ)=logae 4

4取积分有:

T=(logae)*θ+Ψ 5

θ→0时,t=limt=Ψ,带入3有:

a^(iΨ)=1 即:

Ψ=0 6

6代入5有:

T=(logae)*θ 7

7代入3有:

[a^(logae)]^(iθ)=cosθ+isinθ 化简得欧拉公式:

e^(iθ)=cosθ+isinθ

cosa+jsina的模怎么计算

等号右边的U表示U上面有一点的这个向量的模。cosA+jsinA的模恒等于1,右侧U是指有效值。若是换为下述这种描述时,U指最大值。COSX+jSINX的模=√(COS_X+SIN_X)=1

复指数e^jx的无穷次方等于多少?

复指数e^jx的无穷次方等于(cosx+jsinx)的无穷次方。

指数是指任何两个数值对比形成的相对数,是用于测定多个项目在不同场合下综合变动的一种特殊相对数。

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